Пятьдесят занимательных вероятностных задач с решениями | страница 40

Рис. 20. Треугольник, обведенный жирной линией, соответствует случаю, когда левый кусок наименьший.

Рис. 21. Область, где X отвечает наибольший кусок.

Рассмотрим теперь случай, когда X — наибольший кусок. Тогда

X > Y − X, или 2X > Y

и

X > 1 − Y, или X + Y > 1.

На рис. 21 изображен соответствующий четырехугольник. Для того чтобы найти координату X его центра тяжести, разобьем его на два треугольника по пунктирной линии. Затем вычислим среднее этих координат для каждого треугольника и сложим их с весами, равными площадям треугольников.

Среднее значение X для правого треугольника равно 1/2 + 1/3·1/2, для левого треугольника 1/2 − 1/3·1/6. Площади треугольников пропорциональны 1/2 и 1/6 так как у них одно и то же основание. Таким образом, среднее для величины X есть

Так как среднее значение длины самого маленького куска равно 1/9 или 2/18, а самого длинного 11/18, то для среднего куска оно оказывается равным 1 − 11/18 − 2/18 = 5/18. Этот факт нетрудно получить и непосредственным подсчетом, рассмотрев область, соответствующую неравенствам 1 − Y > X > Y − X.

Итак, средние длины короткого, среднего и длинного кусков относятся как 2 : 5 : 11.

Если ломать стержень на две части, то средние дайны короткого и длинного кусков относятся как

1/4 : 3/4  или  1/2 · 1/2 : 1/2 · (1/2 + 1).

Для трех кусков мы получили пропорцию

1/9 : 5/18 : 11/18,

что можно записать в виде

1/3 · 1/3 : 1/3 · (1/3 + 1/2) : 1/3 · (1/3 + 1/2 + 1).

В общем случае разламывания стержня на n кусков средние длины равны:

наименьший кусок     

второй по длине кусок     

третий по длине кусок     

. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .

наибольший кусок     

Автор, к сожалению, не располагает простым доказательством этого факта.

Не стоит расстраиваться из-за того, что игра несправедлива, ведь в конце концов только вы можете получить приз. Пусть ваш партнер для краткости обозначен через B, вы — через A. Пусть также общее число партий равно N = 2n. Вероятность выигрыша в каждой отдельной игре равна p, а проигрыша q = 1 − p.

Первая мысль, приходящая в голову многим, состоит в том, что поскольку игра не безобидна, то с возрастанием N средняя разность (число очков A минус число очков B) становится все «больше отрицательной». Отсюда делается вывод о том, что A должен играть как можно меньше игр, т. е. две игры.